231.2 的幂:五种小方法判断
【LetMeFly】231.2 的幂:五种小方法判断
力扣题目链接:https://leetcode.cn/problems/power-of-two/
给你一个整数 n
,请你判断该整数是否是 2 的幂次方。如果是,返回 true
;否则,返回 false
。
如果存在一个整数 x
使得 n == 2x
,则认为 n
是 2 的幂次方。
示例 1:
输入:n = 1 输出:true 解释:20 = 1
示例 2:
输入:n = 16 输出:true 解释:24 = 16
示例 3:
输入:n = 3 输出:false
示例 4:
输入:n = 4 输出:true
示例 5:
输入:n = 5 输出:false
提示:
-231 <= n <= 231 - 1
进阶:你能够不使用循环/递归解决此问题吗?
方法一:位运算 + 负数特判
如果一个数是2的幂,那么这个数的二进制表示中只有一个1,其余全是0。
因此,我们只需要统计$n$在二进制下的$1$的个数即可。
注意: 当$n$是负数的时候,C++中算术右移,什么时候都不会变成0(最终会变成-1(每一位都是1))。
如果想要逻辑右移,那么需要把int转为unsigned int。
- 时间复杂度$O(\log n)$
- 空间复杂度$O(1)$
AC代码
C++
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方法二:转为unsigned int + INT_MIN特判
32位整数的最小数为$-2^{31}-1$,其二进制(补码表示)为1000 0000 0000 0000 0000 0000 0000 0000
原因是:$2^{31}$为1000 0000 0000 0000 0000 0000 0000 0000
补码 = 原码最高位为1,其余位取反再加一
最高位不变,其余位取反:1111 1111 1111 1111 1111 1111 1111 1111
其余位加一:111 1111 1111 1111 1111 1111 1111 1111 + 1
= 1000 0000 0000 0000 0000 0000 0000 0000
首位的1溢出了,最终补码为1000 0000 0000 0000 0000 0000 0000 0000
也就是说,有且仅有这一个32位负整数,二进制下只有1个1。
因此,转为unsigned int
的话,需要特判一下是否为INT_MIN
- 时间复杂度$O(\log n)$
- 空间复杂度$O(1)$
AC代码
C++
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如果觉得修改参数类型不好,也可:
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方法三:n & (n - 1)是否为0
非正数直接pass。
如果一个正数$n$是$2$的幂,那么其二进制下为$1000000$,$n-1$二进制为$0111111$,所以有$n&(n-1)=0$
相反,如果正数$n$不是$2$的幂,那么二进制最高位后面一定还有至少一个$1$(如$1001000$),$n-1$后二进制下最高位不变仍为$1$(如$1000111$),$n&(n-1)$不为$0$。
- 时间复杂度$O(1)$
- 空间复杂度$O(1)$
AC代码
C++
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Python
1 |
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Java
1 |
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Golang
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Rust
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方法四:lowbit
参考lowbit的原理可知,对正整数$n$有$n&(-n)$的值为$n$二进制下$n$除了最高位的$1$其余位全变成$0$的值。
如$lowbit(10010)=10000$,$lowbit(101101)=100000$。
诶,$2^n$不正是$1$后面跟数个$0$吗?如果$n&(-n)==n$不就等价于正整数$n$是$2$的幂啦?
- 时间复杂度$O(1)$
- 空间复杂度$O(1)$
方法五:判断是否为最大的2的幂的因数
$n\leq 2^{31}-1$,输入的$n$如果是2的幂那么一定是$2^30$的因数。
如果$n$是正数,用$2^{30}$除一下看看能不能整除就可以了。
- 时间复杂度$O(1)$
- 空间复杂度$O(1)$
End
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