112.路径总和

【LetMeFly】112.路径总和：BFS + 更改节点的值

力扣题目链接：https://leetcode.cn/problems/path-sum/

给你二叉树的根节点 root 和一个表示目标和的整数 targetSum 。判断该树中是否存在 根节点到叶子节点 的路径，这条路径上所有节点值相加等于目标和 targetSum 。如果存在，返回 true ；否则，返回 false 。

叶子节点 是指没有子节点的节点。

 

示例 1：

输入：root = [5,4,8,11,null,13,4,7,2,null,null,null,1], targetSum = 22
输出：true
解释：等于目标和的根节点到叶节点路径如上图所示。

示例 2：

输入：root = [1,2,3], targetSum = 5
输出：false
解释：树中存在两条根节点到叶子节点的路径：
(1 --> 2): 和为 3
(1 --> 3): 和为 4
不存在 sum = 5 的根节点到叶子节点的路径。

示例 3：

输入：root = [], targetSum = 0
输出：false
解释：由于树是空的，所以不存在根节点到叶子节点的路径。

 

提示：

• 树中节点的数目在范围 [0, 5000] 内
• -1000 <= Node.val <= 1000
• -1000 <= targetSum <= 1000

方法一：BFS + 更改节点的值

我们只需要BFS遍历一遍每个节点

同时，在遍历子节点的时候，直接将父节点的值加到子节点上

如果遍历到了叶子节点，并且叶子节点的值等于目标值，就返回true

全部遍历结束后，就返回false

• 时间复杂度$O(N)$，其中$N$是节点的个数，我们只需要遍历一遍每个节点即可
• 空间复杂度$O(N)$，注意这种方法修改了节点的原本的值。若题目要求不得修改原本的值，则在BSF的时候可以将节点和累计和（如pair<TreeNode*, int>）入队。但是空间复杂度不变。

AC代码

C++

class Solution {
public:
    bool hasPathSum(TreeNode* root, int targetSum) {
        queue<TreeNode*> q;
        if (root)
            q.push(root);
        while (q.size()) {
            TreeNode* thisNode = q.front();
            q.pop();
            if (thisNode->val == targetSum && (!thisNode->left) && (!thisNode->right))
                return true;
            if (thisNode->left) {
                thisNode->left->val += thisNode->val;
                q.push(thisNode->left);
            }
            if (thisNode->right) {
                thisNode->right->val += thisNode->val;
                q.push(thisNode->right);
            }
        }
        return false;
    }
};

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Tisfy：https://letmefly.blog.csdn.net/article/details/125718939